题目
题型:月考题难度:来源:
(I)求数列的前三项a1,a2,a3;
(II)求证:数列 为等差数列;
(III)求数列{an}的前n项和Sn.
答案
同理,可得 a2=13,a1=5.
(II)∵an=2an﹣1+2n﹣1,
∴ ﹣ = ﹣ =1,
故数列 是以2为首项,以1为公差的等差数列.
(III)由(II)可得 =2+(n﹣1)×1,
∴an=(n+1)2n+1.
∴Sn=a1+a2+…+an=2×2+3×22+4×23+…+(n+1)×2n+n,
记Tn=2×2+3×22+4×23+…+(n+1)×2n,
则有2Tn=2×22+3×23+…+n×2n +(n+1)2n+1.
两式相减,
可得﹣Tn=2×2+22+23+…+2n﹣(n+1)2n+1=4+ ﹣(n+1)2n+1=﹣n·2n+1,
解得 Tn=n×2n+1,故 Sn=Tn+n=n×2n+1+n=n?(2n+1+1 ).
核心考点
举一反三
(1)求a、b的值及数列{an}的通项公式;
(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和Tn.
(1)求数列{an}与{bn}的通项公式;
(2)记Tn=anb1+an-1b2+…+a1bn,n∈N*,证明:Tn+12=-2an+10bn(n∈N*)。
(1)证明:数列{2an+1}是“平方数列”,且数列{lg(2an+1)}为等比数列.
(2)设(1)中“平方数列”的前n项之积为Tn,即Tn=(2a1+1)(2a2+1)…(2an+1),求数列{an}的通项及Tn关于n的表达式.
(3)记,求数列{bn}的前n项之和Sn,并求使Sn>4020的n的最小值.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)求使得Sn>5n成立的最小正整数n的值.
(3)设cn=(﹣1)n+1anan+1,求数列{cn}的前n项和Tn.
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