设数列{an}的前n项和为Sn,且Sn2-2Sn-anSn+1=0,n=1,2,3,…. (1)求a1,a2; (2)求Sn的表达式. |
(1)当n=1时,由已知得-2a1-+1=0,解得a1=. 同理,可解得a2=. (2)由题设Sn2-2Sn+1-anSn=0,当n≥2(n∈N*)时,an=Sn-Sn-1, 代入上式,得Sn-1Sn-2Sn+1=0.(*) 由(1)可得S1=a1=,S2=a1+a2=+=.由(*)式可得S3=. 由此猜想:Sn=(n∈N*)(8分) 证明:①当n=1时,结论成立.②假设当n=k(k∈N*)时结论成立, 即Sk=,那么,由(*)得Sk+1=,∴Sk+1==. 所以当n=k+1时结论也成立,根据①和②可知,Sn=对所有正整数n都成立.因Sn=. |
核心考点
试题【设数列{an}的前n项和为Sn,且Sn2-2Sn-anSn+1=0,n=1,2,3,….(1)求a1,a2;(2)求Sn的表达式.】;主要考察你对
数列综合等知识点的理解。
[详细]
举一反三
过点P(1,0)作曲线C:y=xk(x∈(0,+∞),k∈N*,k>1)的切线,切点为M1,设M1在x轴上的投影是点P1;又过点P1作曲线C的切线,切点为M2,设M2在x轴上的投影是点P2;…;依此下去,得到一系列点M1,M2,…Mn,…;设它们的横坐标a1,a2,…, an…构成数列为{an}. (Ⅰ)求数列{an}的通项公式; (Ⅱ)求证:an≥1+; (Ⅲ)当k=2时,令bn=,求数列{bn}的前n项和Sn. |
对于数列A:a1,a2,a3(ai∈N,i=1,2,3),定义“T变换”:T将数列A变换成数列B:b1,b2,b3,其中bi=|ai-ai+1|(i=1,2),且b3=|a3-a1|.这种“T变换”记作B=T(A),继续对数列B进行“T变换”,得到数列C:cl,c2,c3,依此类推,当得到的数列各项均为0时变换结束. (Ⅰ)写出数列A:2,6,4经过5次“T变换”后得到的数列; (Ⅱ)若a1,a2,a3不全相等,判断数列A:a1,a2,a3经过不断的“T变换”是否会结束,并说明理由; (Ⅲ)设数列A:400,2,403经过k次“T变换”得到的数列各项之和最小,求k的最小值. |
已知数列{an}中,a1=-,an+1-an=(n∈N*) (Ⅰ)求a2、a3的值; (Ⅱ)求an; (Ⅲ)设bn=(1+2+3+…+n)an,求bn的最小值. |
已知Sn=+++…+.若Sm=9,则m=______. |
已知数列{an}的前n项为和Sn,点(n,)在直线y=x+上.数列{bn}满足bn+2-2bn+1+bn=0(n∈N*),且b3=11,前9项和为153. (Ⅰ)求数列{an}、{bn}的通项公式; (Ⅱ)设cn=,数列{cn}的前n和为Tn,求使不等式Tn>对一切n∈N*都成立的最大正整数k的值. (Ⅲ)设f(n)= | an(n=2l-1,l∈N*) | bn(n=2,l∈N*). |
| | 是否存在m∈N*,使得f(m+15)=5f(m)成立?若存在,求出m的值;若不存在,请说明理由. |