题目
题型:不详难度:来源:
Ⅱ.将一定量Mg、Al合金溶于40 mL的H2SO4溶液中,然后向所得溶液中滴加1 mol·L-1 的NaOH溶液,产生沉淀的物质的量(n)与滴加的NaOH溶液(mL)体积的关系如图所示。
(1)合金中Mg、Al的物质的量之比为 ________。
(2)所加硫酸的物质的量浓度为__________。
答案
Ⅰ. NH3+HNO3==NH4NO3 ------ 3分
Ⅱ. (1) 1:1 3分 (2) 1 mol·L-1 4分
说明:化学方程式不配平不得分,化学式、关键字、罗马数字写错、元素符号严重不规范、答案写错位置不得分;漏条件、‘浓’字扣1分;不写‘↑’不扣分。
解析
试题分析:Ⅰ. R为N元素,其最价高氧化物对应的水化物为HNO3,氢化物为NH3,反应生成A的化学方程式为NH3+HNO3==NH4NO3。
Ⅱ.Ⅱ. (1)B→C过程是沉淀Al(OH)3溶解的过程,发生反应的离子方程式为Al(OH)3+OH-═AlO2-+H2O,消耗的NaOH溶液为0.01mol,根据方程式计算Al(OH)3为0.01mol,根据质量守恒定律得Al为0.01mol。A→B过程为生成Mg(OH)2和Al(OH)3的过程,发生反应的离子方程式为Mg2++2OH-= Mg(OH)2↓,Al3++3OH-= Al(OH)3↓,消耗NaOH溶液为0.05mol,根据方程式计算,Al为0.01mol,即Al3+消耗NaOH溶液为0.03mol,则Mg2+消耗NaOH溶液为0.02mol,即Mg2+为0.01mol。根据根据质量守恒定律得Mg为0.01mol。故合金中Mg、Al的物质的量之比为1:1。
(2)Mg、Al合金消耗硫酸的物质的量为0.01mol+0.015mol=0.025mol,根据图像分析,硫酸消耗NaOH溶液为0.03mol,硫酸的物质的量为0.15mol。总硫酸的物质的量为0.04mol故所加硫酸的物质的量浓度为0.04mol÷0.04L=1mol/L。
点评:本题考查镁铝混合物的计算,题目难度不大,注意分析图象曲线的意义,根据物质的性质结合化学方程式计算。
核心考点
举一反三
A.20mL 10mol/L的浓硫酸与足量铜反应转移电子数为0.2NA |
B.1mol/L FeCl3溶液中Fe3+的数目小于NA |
C.在精炼铜或电镀铜过程中,当阴极析出32g铜时,转移电子数为NA |
D.标况下,0.lNA的SO3的体积约为2.24L |
A.镁铝合金与盐酸反应转移电子数为0.1NA |
B.沉淀为Mg(OH)2和Al(OH)3混合物 |
C.x =2y |
D.a的取值范围为0.9g <a<1.2g |
(1)取一定量纯碱细小粉末置于烧杯中,加入一定量的水,可以得到颗粒较大的晶体A。烧杯温度升高,理由是 ;
(2)从上述烧杯中得到干燥纯净的晶体A,实验程序为: ;(填序号,可重复使用)
①蒸发结晶②放入干燥器③转移入过滤器中④用水洗涤2-3次⑤用乙醇洗涤⑥加热灼烧
(3)取纯净物13.92g晶体A,进行热重分析,直到质量不再改变,生成物质Z,具体数据如下:
物质 | 样品A | T1oC下得到物质X | T2oC下得到物质Y | 600oC时得到物质Z |
质量/g | 13.92 | 11.75 | 7.45 | 6.36 |
A.常温常压下,1molC2H4所含的电子数为12 NA |
B.标准状况下,16g甲烷中共价键数目为4NA |
C.常温常压,4 g氦气所含的核外电子数为4NA |
D.标准状况下,22.4L NO 与11.2L O2充分反应后,所得的气体分子数一定为NA |
A. | B. |
C. | D. |
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