题目

题型：不详难度：来源：

如图，点B在线段AC上，点D，E在AC同侧，∠A=∠C=90°，BD⊥BE，AD=BC．

（1）求证：AC=AD+CE；
（2）若AD=3，CE=5，点P为线段AB上的动点，连接DP，作PQ⊥DP，交直线BE于点Q；
（i）当点P与A，B两点不重合时，求的值；
（ii）当点P从A点运动到AC的中点时，求线段DQ的中点所经过的路径（线段）长．（直接写出结果，不必写出解答过程）

答案

解：（1）证明：如图，∵BD⊥BE，∴∠1+∠2=180°﹣90°=90°。
∵∠C=90°，∴∠2+∠E=180°﹣90°=90°。∴∠1=∠E。
∵在△ABD和△CEB中，∠1=∠E，∠A=∠C=90°，AD=BC，
∴△ABD≌△CEB（AAS）。∴AB=CE。
∴AC=AB+BC=AD+CE。
（2）（i）如图，连接DQ，

∵∠DPQ=∠DBQ="90°,"
∴D、P、B、Q四点在以DQ为直径的圆上。
∴∠DQP=∠DBP。
∴Rt△DPQ∽Rt△DAB。∴。
∵DA=3，AB=EC=5，∴。
（ii）线段DQ的中点所经过的路径（线段）长为。

解析

（1）根据同角的余角相等求出∠1=∠E，再利用“角角边”证明△ABD和△CEB全等，根据全等三角形对应边相等可得AB=CE，然后根据AC=AB+BC整理即可得证。
（2）（i）如图，连接DQ，由∠DPQ=∠DBQ=90°得到D、P、B、Q四点在以DQ为直径的圆上，从而可得Rt△DPQ∽Rt△DAB，因此。
（ii）线段DQ的中点所经过的路径（线段）就是△BDQ的中位线MN。
当点P运动至AC中点时，AP=4，

∴在Rt△ADP中，根据勾股定理得：DP=5。
由得。
∴在Rt△DPQ中，根据勾股定理得：。
又在Rt△ADP中，根据勾股定理得：。
∵MN是△BDQ的中位线，
∴。
∴在Rt△DMN中，根据勾股定理得：。
∴线段DQ的中点所经过的路径（线段）长为。