题目
设f(x)在区间 [a,b]上连续,证明1/(b-a)∫f(x)dx≤(1/(b-a)∫f²(x)dx)^½
提问时间:2020-11-24
答案
本题要证明:1/(b-a)∫[a--->b] f(x)dx≤(1/(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx)^½
两边平方,即应证:1/(b-a)²(∫[a--->b] f(x)dx)²≤1/(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
即:(∫[a--->b] f(x)dx)²≤(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
由于:b-a=∫[a--->b] 1dx,因此该不等式其实是柯西-许瓦兹不等式的特例.
下面是该不等式的一个经典证法:
构造函数g(t)=t²∫[a--->b]f²(x)dx+2t∫[a--->b] f(x)dx+(b-a)
由于定积分的结果为常数,因此该函数是一个二次函数
又g(t)=t²∫[a--->b]f²(x)dx+2t∫[a--->b] f(x)dx+∫[a--->b] 1dx
=∫[a--->b] (t²f²(x)+2tf(x)+1) dx 注意到被积函数是一个完全平方
=∫[a--->b] (tf(x)+1)² dx
≥0
由于二次函数恒大于等于0,因此其判别式Δ≤0
得:[2∫[a--->b] f(x)dx]²-4(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx≤0
整理后即为:(∫[a--->b] f(x)dx)²≤(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
因此原不等式得证.
两边平方,即应证:1/(b-a)²(∫[a--->b] f(x)dx)²≤1/(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
即:(∫[a--->b] f(x)dx)²≤(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
由于:b-a=∫[a--->b] 1dx,因此该不等式其实是柯西-许瓦兹不等式的特例.
下面是该不等式的一个经典证法:
构造函数g(t)=t²∫[a--->b]f²(x)dx+2t∫[a--->b] f(x)dx+(b-a)
由于定积分的结果为常数,因此该函数是一个二次函数
又g(t)=t²∫[a--->b]f²(x)dx+2t∫[a--->b] f(x)dx+∫[a--->b] 1dx
=∫[a--->b] (t²f²(x)+2tf(x)+1) dx 注意到被积函数是一个完全平方
=∫[a--->b] (tf(x)+1)² dx
≥0
由于二次函数恒大于等于0,因此其判别式Δ≤0
得:[2∫[a--->b] f(x)dx]²-4(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx≤0
整理后即为:(∫[a--->b] f(x)dx)²≤(b-a)∫[a--->b]f²(x)dx
因此原不等式得证.
举一反三
已知函数f(x)=x,g(x)=alnx,a∈R.若曲线y=f(x)与曲线y=g(x)相交,且在交点处有相同的切线,求a的值和该切线方程.
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