题目

质量为2Kg的滑块以V₀=4m/s的初速度从倾角为30°的斜面底端向上滑行，上滑的最大距离L=1m，则小球回到原出发点的动能是多少？（g=10m/s²）

提问时间：2020-10-09

答案

设小球上滑的最大距离为L，所受的滑动摩擦力大小为f．根据动能定理得：
上滑过程：-mgLsin30°-fL=0-

1

2

mv₀²；
下滑过程：mgLsin30°-fL=E_k-0；
解得：E_k=4J；
答：小球滑回到出发点时动能为4J．